人教版高中·高二数学选修2-3《条件概率》(第2.2.1课时)PPT课件

讲解人：XXX时间：2020.6.1PEOPLE\'SEDUCATIONPRESSHIGHSCHOOLMATHEMATICSELECTIVE2-32.2.1条件概率第2章随机变量及其分布人教版高中数学选修2-3思考三张奖券中只有一张能中奖,现分别由三名同学无放回地抽取,问最后一名同学抽到中奖奖券的概率是否比前两名同学小.课前导入1P(B)=3若抽到中奖奖券用“Y”表示，没有抽到用“Y”，表示，那么三名同学的抽奖结果共有三种可能：YYY，YYY和YYY．用B表示事件“最后一名同学抽到中奖奖券”,则B仅包含一个基本事件YYY．由古典概型计算公式可知，最后一名同学抽到中奖奖券的概率为:1P(B)=3因为已知第一名同学没有抽到中奖奖券，所以可能出现的基本事件只有YYY和YYY．而“最后一名同学抽到中奖奖券”包含的基本事件仍是YYY由古典概型计算公式可知．最后一名同学抽到中奖奖券的概率为，不妨记为P（B|A)，其中A表示事件“第一名同学没有抽到中奖奖券”.思考如果已经知道第一名同学没有抽到中奖奖券，那么最后一名同学抽到奖券的概率又是多少？12课前导入12思考已知第一名同学的抽奖结果为什么会影响最后一名同学抽到中奖奖券的概率呢？在这个问题中，知道第一名同学没有抽到中奖奖券，等价于知道事件A一定会发生，导致可能出现的基本事件必然在事件A中，从而影响事件B发生的概率，使得P(B|A)≠P(B).课前导入思考对于上面的事件A和事件B，P(B|A)与它们的概率有什么关系呢？用表示三名同学可能抽取的结果全体，则它由三个基本事件组成，即={YYY，YYY，YYY}既然已知事件A必然发生，那么只需在A={YYY，YYY}的范围内考虑问题，即只有两个基本事件在事件,A发生的情况下事件B发生.新知探究等价于事件A和事件B同时发生，即AB发生．而事件AB中仅含一个基本事件YYY，因此P(B|A)==其中n(A）和n(AB）分别表示事件A和事件AB所包含的基本事件个数．另一方面，根据古典概型的计算公式.12n(AB)n(A)12n(AB)n(A)n(AB)n(A)P(AB)=,P(A)=n(Ω)n(Ω)P(B|A)n(AB)n(AB)P(AB)n(Ω)==n(A)n(Ω)P(Ω)n(Ω)其中n()中包含的基本事件个数．所以，=因此，可以通过事件A和事件AB的概率来表示P（B|A).继续答题新知探究n(AB)n(A)P(AB)=,P(A)=n(Ω)n(Ω)P(B|A)n(AB)n(AB)P(AB)n(Ω)==n(A)n(Ω)P(Ω)n(Ω)1.条件概率一般地，设A，B为两个事件，且P(A)>0，称知识要点P(AB)P(B|A)=P(A)为在事件A发生的条件下，事件B发生的条件概率.P(B|A)读作A发生的条件下B发生的概率.新知探究P(AB)P(B|A)=P(A)2.两个性质（1）条件概率具有概率的性质，任何事件的条件概率都在0和1之间，即　　　0≤P(B|A)≤1.（2）如果B和C是两个互斥事件，则P(BC|A)=P(B|A)+P(C|A).∪新知探究例题1在5道题中有3道理科题和2道文科题.如果不放回地依次抽取2道题，求：（l）第1次抽到理科题的概率；（2）第1次和第2次都抽到理科题的概率；（3）在第1次抽到理科题的条件下，第2次抽到理科题的概率.新知探究解:设第1次抽到理科题为事件A，第2次抽到理科题为事件B，则第1次和第2次都抽到理科题为事件AB.（1）从5道题中不放回的一次抽取2刀的事件数为n()=A52=20.根据分步乘法计数原理，n(A)=A31×A41=12.于是n(A)123P(A)===n(Ω)205新知探究n(A)123P(A)===n(Ω)205（2）因为n(AB)==6，所以n(AB)63P(AB)===n(Ω)2010（3）解法1由(1)(2)可得，在“第1次抽到理科题的条件下，第2次抽到理科题”的概率为3P(AB)110P(B|A)===3P(A)25解法2因为n(AB)=6,n(A)=12，所以P(AB)61P(B|A)===P(A)12223A新知探究n(AB)63P(AB)===n(Ω)20103P(AB)110P(B|A)===3P(A)25P(AB)61P(B|A)===P(A)12223A例题2为了防止意外，矿井内同时装有A与B两种报警设备，已知设备A单独使用时有效的概率为0.92，设备B单独使用时有效的概率为0.93，在设备A失效的条件下，设备B有效的概率为0.85，求发生意外时至少有一个报警设备有效的概率.新知探究解：设事件A,B分别表示设备A,B有效．0.85ABP0.92AP0.93BP已知求PAB0.85ABP0.92AP0.93BPPAB解法10.93-P(AB)0.85=0.08即0.862P(AB)故P(AB)P(A)P(B)P(AB)0.920.930.8620.988解法2P(AB)0.988P(AB)P(AB)P(A)P(B|A)P(A)[1-P(B|A)]0.08[1.0.85]0.012P(B)-P(AB)P(B|A)=1-P(A)故由新知探究0.93-P(AB)0.85=0.080.862P(AB)P(AB)P(A)P(B)P(AB)0.920.930.8620.988P(AB)0.988P(AB)P(AB)P(A)P(B|A)P(A)[1-P(B|A)]0.08[1.0.85]0.012P(B)-P(AB)P(B|A)=1-P(A)例题3发报台分别以概率0.6及0.4发出信号“·”及“-”，由于通信系统受到干扰，当发出信号“·”时，收报台以概率0.8及0.2收到信号“·”及“-”；又当发出信号“-”时，收报台以概率0.9及0.1收到信号“-”及·”，求（1）当收报台收到信号“·”时，发报台确实发出信号“·”的概率；（2）当收报台收到信号“-”时，发报台确实发出信号“-”的概率.新知探究分析：完成该事件分两步：第一步发出信号“.”“-”，分别设为A1，A2，第二步收到信号“.”“-”，分别设为B，C，则本题要求：P(A1|B)，P(A2|C).设A1表示发报台发出信号“.”，设A2表示发报台发出信号“-”.B表示收报台收到信号“.”，C表示收报台收到信号“-”.新知探究解：0.6,AP1则由已知：0.4,AP21A|BP0.8,2|ABP,1.0（1）B|AP1111122PAPB|A=PAPB|A+PAPB|A0.10.40.80.60.80.60.932.（2）C|AP2221122A|CPAPA|CPAPA|CPAP0.90.40.20.60.90.40.75.新知探究0.6,AP10.4,AP21A|BP0.8,2|ABP,1.0B|AP1111122PAPB|A=PAPB|A+PAPB|A0.10.40.80.60.80.60.932.C|AP2221122A|CPAPA|CPAPA|CPAP0.90.40.20.60.90.40.75.1.某人向目标射击4次，每次击中目标的概率为1/3.该目标分为三个不同部分，第一，二，三部分面积比为1：3：6.击中目标时，击中任何一部分的概率与其面积成正比.第二问：若目标被击中两次，A表示事件“第一部分至少被击中1次或第二部分被击中2次”,求P(A).课堂练习解：设Ai：第一次击中的第i部分Bi:第二次击中目标的第i部分其中0.1就是在击中目标的条件下击中第一部分的条件概率，其它也是如此.P(A)=P(A1×B1)+P(A1×B1）+P(A1×B1)+P(A2×B2)=0.1×0.9+0.9×0.1+0.1×0.1+0.3×0.3=0.282.某地有A,B,C,D四人先后感染了甲型h1n1流感，只有A到过疫区.B肯定是受A感染的，对于C难以断定是受A还是B感染的，于是假设他受二人感染的概率都是1/2.同样D受ABC感染的概率各为1/3.设BCD中直接受A感染的人数为X,写出X的分布列，并求X的均值.课堂练习解：有6种感染可能:其一：A传B传C传D；其二：A传B,B传C,D;其三：A传B,D然后B传C；其四：A传B,C.然后B传D;其五：A传C,B然后C传D;其六：A传B,C,D.1和2两种情况直接感染1人，3，4，5情况下直接感染2人，第6情况下直接感染3人.所以:P(X=1)=1/2×(1/3)+1/2×(1/3)=1/3  P(X=2)=1/2×(1/3)+1/2×(1/3)+1/2×(1/3)=1/2P(X=3)=1/2×(1/3)=1/6根据条件概率公式P(A1×A2)=P(A1)×P(A2|A1)=1/2×(1/3)计算方妥.课堂练习继续答题1.填空（1）已知P(A)=0.4,P(B)=0.3,P(AB)=0.6∪，则P(AB)=________.解:P(AB)=P(A)+P(B)-P(AB)∵∪∴P(AB)=P(A)+P(B)-P(AB)=0.4+0.3-0.6=0.1∪∴P(AB)=P(A)-P(AB)=0.4-0.1=0.3.课堂练习（2）设工厂A和工厂B产品的次品率分别为1％和2％，现从由A和B的产品分别占60％与40％的一批产品中随机抽取一件，发现是次品，则该次品属A生产的概率是______.)D)P(C/DP(P(D)P(C/D)P(D)P(C/D)P(D/C)730.020.40.010.60.010.6解:将该事件分为两步:第一步抽取产品:设D={抽取的产品是工厂A的产品}，则D={抽取的产品是工厂B的产品}；第二步在抽取的产品中检查次品，即令C={抽取的产品是次品}课堂练习)D)P(C/DP(P(D)P(C/D)P(D)P(C/D)P(D/C)730.020.40.010.60.010.6（1）设随机变量ξ的分布列为，则a的值为()A.1；B.9/13；C.11/13；D.27/13（2）设A，B是两个随机事件，且00,P(B|A)=P(B|A),则必有（）A.P(A|B)=P(A|B);B.P(A|B)≠P(A|B)C.P(AB)=P(A)P(B);D.P(AB)≠P(A)P(B);2.选择√√i31ai)P(ξ课堂练习i31ai)P(ξ3.解答题（1）一批零件共100个,次品率为10％,每次从其中任取一个零件,取出的零件不再放回去,①求第三次才取得合格品的概率；②如果取得一个合格品后,就不再继续取零件，求三次内取得合格品的概率.课堂练习解：设Ai=“第i次取得合格品”,（i=1，2，3）则Ai=“第i次取得次品”,（i=1，2，3），所求概率为)AA|)P(AA|A)P(AP()AAAP(213121321①所求事件为,AAA321)AA|)P(AA|A)P(AP()AAAP(213121321,AAA321②设A表示事件“三次内取得合格品”,则A有下列几种情况:第一次取到合格品,;A1第二次才取到合格品,;AA21321211AAAAAAA第三次才取到合格品,,AAA321继续答题课堂练习)AAAP()AAP()P(AP(A)321211)AA|)P(AA|A)P(AP()A|)P(AAP()P(A213121121110090100109990+0.0083=0.9993.;A1;AA21321211AAAAAAA,AAA321)AAAP()AAP()P(AP(A)321211)AA|)P(AA|A)P(AP()A|)P(AAP()P(A213121121110090100109990+0.0083=0.9993.（2）10个考签中有4个难签，3人参加抽签(不放回)，甲先、乙次、丙最后.求甲抽到难签，甲、乙都抽到难签，甲没抽到难签而乙抽到难签以及甲、乙、丙都抽到难签的概率.课堂练习P(A)=m/n=4/10P(AB)=P(A)P(B|A)=P()=P()P(B|)=P(ABC)=P(A)P(B|A)P(C|AB)=4812*=10990ABAA6424*=999043224**=1098720解：设事件A，B、C分别表示甲、乙、丙各抽到难签，则4812*=10990ABAA6424*=999043224**=10987201.条件概率的概念P(AB)P(B|A)=P(A)2.条件概率的性质0≤P(B|A)≤1.P(BC|A)=P(B|A)+P(C|A).∪课堂小结P(AB)P(B|A)=P(A)讲解人：XXX时间：2020.6.1PEOPLE\'SEDUCATIONPRESSHIGHSCHOOLMATHEMATICSELECTIVE2-3感谢你的聆听第2章随机变量及其分布人教版高中数学选修2-3